ngầu

ok

Theo đề bài, ta có:

\({\begin{cases}x2+y2+2x-4y=11(1)\\ 2xy+2x-2y=4\quad(2^{\prime})\quad(\text{Nhân 2 vào cả 2 vế})\end{cases}}\)
Lấy (1) trừ (2') vế theo vế:
\((x^2-2xy+y^2)+(2x-2x)+(-4y+2y)=11-4\)
\(\iff(x-y)^2-2y=7\iff(x-y)^2=2y+7\quad(*)\)
Lấy (1) cộng (2') vế theo vế:
\((x^2+2xy+y^2)+(2x+2x)+(-4y-2y)=11+4\)
\(\iff(x+y)^2+4x-6y=15\)
\(\iff(x+y)^2+4(x-y)-2y=15\)
\(\) Thay \(2y=\left(x-y\right)^2-7\) từ (*)vào phg trình trên:
\((x+y)^2+4(x-y)-[(x-y)^2-7]=15\)
\(\iff(x+y)^2-(x-y)^2+4(x-y)-8=0\)
Khai triển hằng đẳng thức\((x+y) 2 −(x−y) 2 =4xy\) ta dc:
\(4xy+4(x-y)-8=0\iff xy+x-y=2\)
Kết luận: Cách này đưa thẳng về lại phương trình (2) ban đầu. Vì vậy, hệ phương trình này có nghiệm phụ thuộc hoàn toàn vào phương trình bậc 3 ở cách trên (nghiệm lẻ):
\(y 3 −3y 2 −12y−3=0\)

ủa trg tui k có giấy khen tiêu biểu mà giấy khen tiêu biểu là jv

mik dc hsxs

có 900 số: 100,9; 101,9; 102,9; 103,9; ... ; 999,9

a) Vì AM là đg kính của đg tròn (O) nên:
\(-\angle ABM=90^{o}\) => \(BM\perp AB.\)
\(-\angle ACM=90^{o}\) => \(CM\perp AC.\)
Mt khc, H là trực tâm của \(\triangle ABC\) nên:
- \(CH\perp AB.\)
- \(BH\perp AC\).

Từ đó ta có:
- BM || CH (cùng vuôg góc vs AB)
- CM || BH (cùng vuôg góc vs AC)

Tứ giác BHCM có các cặp cạnh đối song song nên là hình bình hành.

Trong hình bình hành BHCM, hai đường chéo BC và HM cắt nhau tại trung điểm của mỗi đường. Vì K là trung điểm của BC nên K cũng phải là trung điểm của HM.

Vậy H,K,M thẳg hàng

b) đề bài hnhu hơi sai sai bn

Chọn fast. Vì fast vừa là tính từ, vừa là trạng từ. Và "fastly" không phải là một từ đúng nhé.

🐧☃ Snow ❄🎄

khiếp