a) Xét tứ giác OBAC có

\(\widehat{OBA}\) và \(\widehat{OCA}\) là hai góc đối

\(\widehat{OBA}+\widehat{OCA}=180^0\left(90^0+90^0=180^0\right)\)

Do đó: OBAC là tứ giác nội tiếp(Dấu hiệu nhận biết tứ giác nội tiếp)

Xét (O) có

AB,AC là tiếp tuyến

=>AB=AC
mà OB=OC
nên OA là trung trực của BC

=>OA vuông góc BC tại H

=>AH*AO=AB^2

Xet ΔABD và ΔAEB có

góc ABD=góc AEB

góc BAD chung

=>ΔABD đồng dạng với ΔAEB

=>AB^2=AD*AE=AH*AO

=>AD/AO=AH/AE

=>ΔADH đồng dạng với ΔAOE
=>góc ADH=góc AOE

=>góc DHO+góc DEO=180 độ

=>DEOH nội tiếp

=>góc EHO=góc EDO

a: Xét (O) có

AB,AC là tiếp tuyến

Do đó: AB=AC

=>A nằm trên đường trung trực của BC(1)

OB=OC

=>O nằm trên đường trung trực của BC(2)

Từ (1) và (2) suy ra OA là đường trung trực của BC

=>OA\(\perp\)BC tại trung điểm của BC

=>OA\(\perp\)BC tại H và H là trung điểm của BC

Xét ΔOBA vuông tại B có BH là đường cao

nên \(AH\cdot AO=AB^2\left(1\right)\)

b: Xét (O) có

ΔBED nội tiếp

BD là đường kính

Do đó: ΔBED vuông tại E

=>BE\(\perp\)ED tại E

=>BE\(\perp\)AD tại E

Xét ΔDBA vuông tại B có BE làđường cao

nên \(AE\cdot AD=AB^2\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) suy ra \(AH\cdot AO=AE\cdot AD\)

A B H D C M O

a/

Ta có (M) tiếp xúc với AB tại H (gt) => AB là tiếp tuyến với (M)

Xét tg vuông ACM và tg vuông AHM có

AM chung

MC=MH (bán kính (M))

=> tg ACM = tg AHM (Hai tg vuông vó cạnh huyền và cạnh góc vuông tương ứng bằng nhau)

\(\Rightarrow\widehat{AMC}=\widehat{AMH}\)

C/m tương tự khi xét 2 tg vuông BDM và BHM ta cũng có

\(\widehat{BMD}=\widehat{BMH}\)

Ta có 

\(\widehat{AMH}+\widehat{BMH}=\widehat{AMB}=90^o\) (góc nt chắn nửa đường tròn)

\(\Rightarrow\widehat{AMC}+\widehat{BMD}=\widehat{AMH}+\widehat{BMH}=\widehat{AMB}=90^o\)

\(\Rightarrow\widehat{AMC}+\widehat{BMD}+\widehat{AMB}=90^o+90^o=180^o=\widehat{CMD}\)

=> C; M; D thẳng hàng

Ta có

\(AC\perp CD;BD\perp CD\) => AC//BD

b/ Ta có

AC//BD (cmt) => ACDB là hình thang

Mà

MC=MD (bán kính (M)

OA=OB=R

=> OM là đường trung bình của hình thang ACDB => OM//BD

Mà \(BD\perp CD\)

\(\Rightarrow OM\perp CD\) => CD là tiếp tuyến với (O)

c/

Ta có

AC=AH (2 tiếp tuyến cùng xp từ 1 điểm ngoài hình tròn)

BD=BH (2 tiếp tuyến cùng xp từ 1 điểm ngoài hình tròn)

\(\Rightarrow AC+BD=AH+BH=AB=2R\) không đổi

d/

Khi HC=HD => tg AHD cân tại H

Ta có MC=MD

\(\Rightarrow MH\perp CD\) (trong tg cân đường trung tuyến xp từ đỉnh tg cân đồng thời là đường cao)

Mà \(OM\perp CD\left(cmt\right)\)

\(\Rightarrow H\equiv O\) 

Xét tg AMB có

\(MH\perp AB\Rightarrow MO\perp AB\)

Mà OA=OB

=> tg AMB cân tại M (tam giác có đường cao đồng thời là đường trung tuyến thì tg đó là tg cân)

=> MA=MB => sđ cung MA = sđ cung MB (trong đường tròn 2 dây cung bằng nhau thì số đo 2 cung tương ứng bằng nhau)

=> M là điểm giưa cung AB

a: Qua A, kẻ tiếp tuyến chung của hai đường tròn cắt MN tại I

Xét (O) có

IM,IA là các tiếp tuyến

Do đó: IM=IA và OI là phân giác của góc AOM; IO là phân giác của góc MIA

Xét (O') có

IA,IN là các tiếp tuyến

Do đó: IA=IN; O'I là phân giác của góc AO'N; IO' là phân giác của góc AIN

Ta có: IM=IA

IA=IN

Do đó: IM=IN

=>I là trung điểm của MN

Xét ΔAMN có
AI là đường trung tuyến

\(AI=\frac{MN}{2}\)

Do đó: ΔAMN vuông tại A

=>\(\hat{MAN}=90^0\)

Xét (O) có

ΔAMB nội tiếp

AB là đường kính

Do đó: ΔAMB vuông tại M

=>AM⊥BE tại M và \(\hat{EMA}=90^0\)

Xét (O') có

ΔANC nội tiếp

AC là đường kính

Do đó: ΔANC vuông tại N

=>AN⊥EC tại N và \(\hat{ANE}=90^0\)

Xét tứ giác EMAN có \(\hat{EMA}=\hat{ENA}=\hat{MAN}=90^0\)

nên EMAN là hình chữ nhật

=>\(\hat{MEN}=90^0\)

=>\(\hat{BEC}=90^0\)

b: Ta có: EMAN là hình chữ nhật

=>EA cắt MN tại trung điểm của mỗi đường

mà I là trung điểm của MN

nên I là trung điểm của EA

=>E,I,A thẳng hàng

Xét ΔEAB vuông tại A có AM là đường cao

nên \(EM\cdot EB=EA^2\left(1\right)\)

Xét ΔEAC vuông tại A có AN là đường cao

nên \(EN\cdot EC=EA^2\left(2\right)\)

Từ (1),(2) suy ra \(EM\cdot EB=EN\cdot EC\)

c: AB=2AO=18(cm)

AC=2AO'=2*4=8(cm)

Xét ΔEBC vuông tại E có EA là đường cao

nên \(EA^2=AB\cdot AC=18\cdot8=144\)

=>EA=12(cm)

EMAN là hình chữ nhật

=>EA=MN

=>MN=12(cm)

a) Xét tứ giác ABOC có 

\(\widehat{OBA}\) và \(\widehat{OCA}\) là hai góc đối

\(\widehat{OBA}+\widehat{OCA}=180^0\left(90^0+90^0=180^0\right)\)

Do đó: ABOC là tứ giác nội tiếp(Dấu hiệu nhận biết tứ giác nội tiếp)

a: Xét tứ giác ABOC có

\(\widehat{ABO}+\widehat{ACO}=180^0\)

Do đó: ABOC là tứ giác nội tiếp

Sửa đề: E là giao điểm của AD và (O)

Xét (O) có

\(\hat{MCE}\) là góc tạo bởi tiếp tuyến CM và dây cung CE
\(\hat{CAE}\) là góc nội tiếp chắn cung CE

Do đó: \(\hat{MCE}=\hat{CAE}\)

Xét ΔMCE và ΔMAC có

\(\hat{MCE}=\hat{MAC}\)

góc CME chung

Do đó: ΔMCE~ΔMAC

=>\(\frac{MC}{MA}=\frac{ME}{MC}\)

=>\(MC^2=ME\cdot MA\) (1)

Xét (O) có

\(\hat{EDB}\) là góc nội tiếp chắn cung BE

\(\hat{ABE}\) là góc tạo bởi tiếp tuyến BA và dây cung BE

Do đó: \(\hat{ABE}=\hat{EDB}\)

mà \(\hat{EDB}=\hat{MAE}\) (hai góc so le trong, BD//AC)

nên \(\hat{MAE}=\hat{MBA}\)

Xét ΔMAE và ΔMBA có

\(\hat{MAE}=\hat{MBA}\)

góc AME chung

Do đó: ΔMAE~ΔMBA

=>\(\frac{MA}{MB}=\frac{ME}{MA}\)

=>\(MA^2=ME\cdot MB\left(2\right)\)

Từ (1),(2) suy ra MA=MC

=>M là trung điểm của AC

Sửa đề: E là giao điểm của AD và (O)

Xét (O) có

\(\hat{MCE}\) là góc tạo bởi tiếp tuyến CM và dây cung CE
\(\hat{CAE}\) là góc nội tiếp chắn cung CE

Do đó: \(\hat{MCE}=\hat{CAE}\)

Xét ΔMCE và ΔMAC có

\(\hat{MCE}=\hat{MAC}\)

góc CME chung

Do đó: ΔMCE~ΔMAC

=>\(\frac{MC}{MA}=\frac{ME}{MC}\)

=>\(MC^2=ME\cdot MA\) (1)

Xét (O) có

\(\hat{EDB}\) là góc nội tiếp chắn cung BE

\(\hat{ABE}\) là góc tạo bởi tiếp tuyến BA và dây cung BE

Do đó: \(\hat{ABE}=\hat{EDB}\)

mà \(\hat{EDB}=\hat{MAE}\) (hai góc so le trong, BD//AC)

nên \(\hat{MAE}=\hat{MBA}\)

Xét ΔMAE và ΔMBA có

\(\hat{MAE}=\hat{MBA}\)

góc AME chung

Do đó: ΔMAE~ΔMBA

=>\(\frac{MA}{MB}=\frac{ME}{MA}\)

=>\(MA^2=ME\cdot MB\left(2\right)\)

Từ (1),(2) suy ra MA=MC

=>M là trung điểm của AC

=>BE đi qua trung điểm M của AC

a: Gọi E là trung điểm của OA

=>E là tâm đường tròn đường kính OA

Xét (E) có

ΔOBA nội tiếp

OA là đường kính

Do đó: ΔOBA vuông tại B

=>AB vuông góc OB tại B

=>AB là tiếp tuyến của (O)

Xét (O) có

ΔOCA nội tiếp

OA là đường kính

Do đó: ΔOCA vuông tại C

=>AC vuông góc với CO tại C

=>AC là tiếp tuyến của (O)

b: Xét (O) có

ΔBCK nội tiếp

BK là đường kính

Do đó: ΔBCK vuông tại C

=>BC vuông góc CK tại C

Xét (E) có

ΔBCI nội tiếp

BI là đường kính

Do đó: ΔBCI vuông tại C

=>BC vuông góc CI tại C

\(\widehat{KCI}=\widehat{KCB}+\widehat{ICB}\)

\(=90^0+90^0\)

\(=180^0\)

=>K,C,I thẳng hàng

Xét (B;BC) có

BC là bán kính

KI vuông góc với BC tại C

Do đó: KI là tiếp tuyến của (B;BC)

Hình