Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a: Xét tứ giác BEDC có \(\hat{BEC}=\hat{BDC}=90^0\)
nên BEDC là tứ giác nội tiếp
Xét tứ giác AEHD có \(\hat{AEH}+\hat{ADH}=90^0+90^0=180^0\)
nên AEHD là tứ giác nội tiếp
I. Nội qui tham gia "Giúp tôi giải toán"
1. Không đưa câu hỏi linh tinh lên diễn đàn, chỉ đưa các bài mà mình không giải được hoặc các câu hỏi hay lên diễn đàn;
2. Không trả lời linh tinh, không phù hợp với nội dung câu hỏi trên diễn đàn.
3. Không "Đúng" vào các câu trả lời linh tinh nhằm gian lận điểm hỏi đáp.
Các bạn vi phạm 3 điều trên sẽ bị giáo viên của Online Math trừ hết điểm hỏi đáp, có thể bị khóa tài khoản hoặc bị cấm vĩnh viễn không đăng nhập vào trang web.
a: Xét tứ giác AEHF có \(\hat{AEH}+\hat{AFH}=90^0+90^0=180^0\)
nên AEHF là tứ giác nội tiếp đường tròn đường kính AH
=>A,E,H,F cùng thuộc một đường tròn
b: Vì AEHF nội tiếp đường tròn đường kính AH
nên AEHF nội tiếp (I)
=>IA=IH=IE=IF
Xét tứ giác BFEC có \(\hat{BFC}=\hat{BEC}=90^0\)
nên BFEC là tứ giác nội tiếp đường tròn đường kính BC
=>B,F,E,C cùng thuộc (M)
=>ME=MB=MF=MC
Ta có: ME=MF
=>M nằm trên đường trung trực của EF(1)
Ta có: IE=IF
=>I nằm trên đường trung trực của EF(2)
Từ (1),(2) suy ra MI là đường trung trực của EF
c: Xét (O) có
ΔABK nội tiếp
AK là đường kính
Do đó: ΔABK vuông tại B
=>BA⊥BK
mà CH⊥BA
nên CH//BK
Xét (O) có
ΔACK nội tiếp
AK là đường kính
Do đó: ΔACK vuông tại C
=>CA⊥CK
mà BH⊥CA
nên BH//CK
Xét tứ giác BHCK có
BH//CK
BK//CH
Do đó: BHCK là hình bình hành
=>BC cắt HK tại trung điểm của mỗi đường
mà M là trung điểm của BC
nên Mlà trung điểm của HK
=>H,M,K thẳng hàng
BFEC nội tiếp
=>\(\hat{FEC}+\hat{FBC}=180^0\)
mà \(\hat{FEC}+\hat{AEF}=180^0\) (hai góc kề bù)
nên \(\hat{AEF}=\hat{ABC}\)
Xét (O) có
\(\hat{KBC};\hat{KAC}\) là các góc nội tiếp chắn cung KC
=>\(\hat{KBC}=\hat{KAC}\)
\(\hat{AEF}+\hat{KAC}=\hat{ABC}+\hat{KBC}=\hat{ABK}=90^0\)
=>AK⊥EF
=>OA⊥EF
d: MF=MC
=>\(\hat{MFC}=\hat{MCF}\)
IF=IH
=>\(\hat{IFH}=\hat{IHF}\)
mà \(\hat{IHF}=\hat{DHC}\) (hai góc đối đỉnh)
nên \(\hat{IFH}=\hat{DHC}\)
\(\hat{MFI}=\hat{MFH}+\hat{IFH}\)
\(=\hat{MCF}+\hat{DHC}=\hat{DHC}+\hat{DCH}=90^0\)
=>MF⊥FI tại F
=>MF là tiếp tuyến của (I)
hay MF là tiếp tuyến của đường tròn ngoại tiếp ΔAEF
Xét ΔIFM và ΔIEM có
IF=IE
MF=ME
IM chung
Do đó: ΔIFM=ΔIEM
=>\(\hat{IFM}=\hat{IEM}\)
=>\(\hat{IEM}=90^0\)
=>ME là tiếp tuyến của (I)
=>ME là tiếp tuyến của đường tròn ngoại tiếp ΔAEF
e: Xét (O) có
\(\hat{BPA};\hat{BCA}\) là các góc nội tiếp chắn cung AB
=>\(\hat{BPA}=\hat{BCA}\)
mà \(\hat{BCA}=\hat{BHD}\) (\(=90^0-\hat{HBD}\) )
nên \(\hat{BPH}=\hat{BHP}\)
=>ΔBHP cân tại B
mà BC là đường cao
nên BC là đường trung trực của HP
=>H đối xứng P qua BC
b/ Gọi G là giao điểm của AB và DF
Ta có :
Góc ACQ = góc AHQ ( t/g ACHQ n.t )
Góc ACQ = góc ADF ( 2 góc n.t chắn cung AF )
=> Góc AHQ = góc ADF
Mà 2 góc ở vị trí đồng vị
Nên \(HQ//DF\)
Mặc khác \(HQ\perp AB\)tại Q
=> \(DF\perp AB\)tại G
Xét tứ giác GBNF ta có:\(B\widehat{G}F+B\widehat{N}F=180^0\)
=> Tứ giác GBNF nội tiếp =>\(N\widehat{G}F=N\widehat{B}F\)
Mà \(N\widehat{B}F=C\widehat{A}F\)( tứ giác ACBF n.t (O))
Nên \(N\widehat{G}F=C\widehat{A}F\left(1\right)\)
Xét tứ giác GMAF ta có: \(A\widehat{M}F=A\widehat{G}F\left(=90^0\right)\)
=> Tứ giác GMAF n.t =>\(M\widehat{A}F+M\widehat{G}F=180^0\left(2\right)\)
(1) và (2) => \(N\widehat{G}F+M\widehat{G}F=180^0\)
=> \(\overline{M,G,N}\)
Mà G là giao điểm của AB và DF
Nên MN,AB,DF đồng quy tại G
MN là đường thẳng simson nha bạn

a: góc BDC=góc BEC=90 độ
=>BEDC nội tiếp
góc AEH+góc ADH=180 độ
=>AEHD nội tiếp