Chọn A

T là este của X, Y với Z nên X cũng đơn chức.

Muối E gồm XCOONa và YCOONa

→ n(XCOONa) = n(CO₂) – n(H₂O) = 0,06

Trong 6,9 gam M đặt:

X là C_nH_2n-2O₂ ( u mol)

T là C_mH_2m-4O₄ (v mol)

→ u + v = 0,06 ¹

m(M) = u¹⁴n + 30) + v¹⁴m + 60) = 6,9 ²

Trong phản ứng đốt cháy:

n(X) + 2n(T) = n(CO₂) – n(H₂O) = 0,03

→ n(O) = 2n(X) + 3n(T) = 0,06

Áp dụng ĐLBT nguyên tố O → n(O₂) = 0,105

Áp dụng ĐLBT khối lượng → m(M) = 2,3 → Trong phản ứng xà phòng hóa đã dùng lượng M nhiều gấp 6,9/2,3  = 3 lần phản ứng cháy.

→ n(CO₂) = (nu + mv)/3 = 0,1 ³

Giải ¹² và ³ → u = 0,03; v = 0,03

nu+ mv = 0,3

→ n +m = 10

Do n ≥ 3 và m ≥ 6 và m≥ n + 3 → n = 3; m = 7 là nghiệm duy nhất.

X là CH₂=CH-COOH ⁰,03)

T là CH₂=CH-COO-CH₂-CH₂-OOC-CH₃⁰,03)

→%T = 68,7%

Đáp án A

Chọn B.

Khi cho 0,06 mol M tác dụng với NaOH thì:

Hỗn hợp ancol G gồm Y (0,04 mol) và Z (0,06 mol) Þ số nguyên tử C trong G là 3.

Vì M_Y > M_Z nên Y là CH₂=CH-CH₂OH và Z là CH≡C-CH₂OH.

Xét a gam M có

Vậy T là C₁₂H₁₆O₄ (0,02 mol) có %m_T = 88,89%.

Đáp án C.

Do T hai chức nên  

Từ phản ứng đốt cháy G:

Khi đó M gồm

E là este của với 3 axit X,Y,Z => X cũng là axit đơn chức

- Xét phản ứng đốt cháy M (X, E)

(Vì X có 2 liên kết pi => X có 1 pi trong gốc hidrocacbon và 1 pi trong nhóm COO)

=> E là este của X,Y,Z => số pi = pi(gốc R của X) + pi(COO) = 1 + 3 = 4)

Gọi công thức tổng quát của X : C_nH_2n-2O₂ : u mol

                                                E : C_mH_2m-6O₆ : v mol

Khi đốt cháy:             C_nH_2n-2O₂ + (1,5n – 2)O₂ → nCO₂ + (n – 1)H₂O

                        C_mH_2m-6O₆ + (1,5m – 5)O₂ → mCO₂ + (m – 3)H₂O

=> n_CO2 – n_H2O = n_X + 3n_E = u + 3v

- M phản ứng với NaOH : n_NaOH = n_COO = n_X + 3n_E = u + 3v = 0,04 mol

Mặt khác m_CO2 – m_H2O = a – (a – 4,62) = 4,62g

=> n_CO2 = 0,15 ; n_H2O = 0,11 mol

Bảo toàn nguyên tố : n_C(M) = n_CO2 = 0,15 mol ; n_H(M) = 2n_H2O = 0,22 mol

n_O(M) = 2n_COO(M) = 2n_NaOH = 0,08 mol

=> m_M = m = m_C + m_H + m_O = 3,3g

- Xét 13,2g M + NaOH → Muối V thì số mol nguyên tố trong M gấp 13,2 : 3,3 = 4 lần

Và số mol NaOH + M cũng gấp 4 lần => n_NaOH = 0,04.4 = 0,16 mol = n_{muối V}

( Phản ứng tổng quát : Este/Axit + NaOH → Muối + Ancol/H₂O )

Khi đốt cháy tạo n_CO2 = 0,4 mol

Bảo toàn Na : n_Na2CO3 = ½ n_NaOH = 0,08 mol

Có : m_Na2CO3 + m_H2O  =14,24g => n_H2O = 0,32 mol

Bảo toàn Oxi : n_O(V) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O + 3n_Na2CO3

=> n_O2 = 0,52 mol

Bảo toàn khối lượng : m_V + m_O2 = m_CO2 + m_Na2CO3 + m_H2O

=> m_V = 15,2g

- Gọi công thức tổng quát của các muối trong V là C_xH_2x+1COONa ; C_yH_2y-1COONa

                                                                                    (y chẵn, x > 0)

-Phản ứng cháy :        C_xH_2x+1COONa + O₂ → (x + 0,5)CO₂ + (x + 0,5)H₂O + 0,5Na₂CO₃

                        Mol                  p

                                   C_yH_2y-1COONa + O₂ → (y + 0,5)CO₂ + (y - 0,5)H₂O + 0,5Na₂CO₃

                        Mol                  q

=> n_CO2 – n_H2O = q = 0,4 – 0,32 = 0,08 mol => p = 0,16 – q = 0,08 mol

Ta có : n_C(V) = n_CO2 + n_Na2CO3 = 0,48 mol = 0,08.(x+1) + 0,08(y+1)

=> x + y = 4

Vì X có gốc hidrocacbon mạch nhánh, có 1 liên kết pi trong gốc hidrocacbon

=> số C trong gốc hidrocacbon của X ≥ 3

=> y = 3 và x = 1 thỏa mãn điều kiện

=> X là C₃H₅COOH, 2 axit còn lại là HCOOH và C₂H₅COOH với số mol bằng nhau = 0,04 mol

(Vì : Số C trung bình = 1 = ½ (tổng số C của 2 axit) => tỉ lệ mol 1 : 1)

 Vậy Trong M có : 0,04 mol este E(gốc ancol là R) và 0,04 mol X

=> m_M = 13,2 = 0,04.(R + 203) + 0,04.86 => R = 41 (C₃H₅)

=> %m_E(M) = 73,94%

Đáp án cần chọn là: C

Chọn D.

Khi m gam E tác dụng với NaOH thì:  n C O O = n N a O H = 0 , 04   m o l

Quy đổi E thành:  Þ m = 3,3 gam

Lúc này:  X :   x   m o l E :   y   m o l → x + 3 y = 0 , 04 n x + m y = 0 , 15

Trong 13,2 gam M có  

Khi đốt cháy G thì:

Þ E là (C₃H₅COO)(CH₃COO)(C₂H₅COO)C₃H₅ Þ%m_E = 69,7%

Đáp án B

Trong 0,16 mol E chứa x mol X và y mol Y

n_E = x + y = 0,16

n_NaOH = 2x + 3y= 0,42

=> x = 0,06 và y = 0,1 (mol)

=> n_X : n_Y = 3: 5

Trong m gam E chứa X (3e mol) và Y (5e mol).

X = C₃H₆(OH)₂ + 2HCOOH + ?CH₂ – 2H₂O

Y = C₃H₅(OH)₃ + 3HCOOH + ?CH₂ – 3H₂O - 3H₂

Quy đổi m gam E thành:

C₃H₆(OH)₂: 3e

C₃H₅(OH)₃: 5e

HCOOH: 21e

CH₂: u

H₂: -15e

H₂O: -21e

n_O2 = 4.3e + 3,5.5e + 0,5.21e + 1,5u – 0,5.1,5e = 0,5

n_CO2 = 3.3e + 3.5e + 21e + u = 0,45

=> e = 0,005 và u = 0,225

n _{muối no} = 6e = 0,03 (mol)

n _{muối không no} = 15e = 0,075 (mol)

Muối no và muối không no có tương ứng k và g nhóm CH₂.

n_CH2 = 0,03k + 0,075g = 0,225

=> 2k + 5g = 15

Do k > 1 và g ≥ 2 nên k = 2,5 và g = 2 là nghiệm duy nhất.

Vậy muối no gồm HCOONa: 0,03 (mol) ; CH₂: 0,03k = 0,075 (mol)

=> m _{muối no} = 3,09

Tỉ lệ: 8e mol E → 3,09 gam muối no

=> 0,16 mol E → a gam muối no

=> a = 12,36 (g)

Đáp án cần chọn là: C

Chọn đáp án C.

« Xử lí bài tập đốt cháy liên quan đến số mol O₂ cần để đốt và số mol sản phẩm CO₂ biết → Ta quy góc nhìn các chất đốt dạng CH₂ + … Giả thiết: ancol X dạng  C H 2 + H 2 O , axit Y và este Z dạng  C H 2 + O 2 .

→ đốt tổn 0,14 mol CH₂ cần 0,14.1,5=0,18+  n O 2   c ủ a   Y ,   Z → n Y ,   Z = 0 , 03   m o l

Vậy 3,26 gam chất rắn T gồm 0,03 mol RCOONa + 0,02 mol NaOH (dư) → R = 15 là gốc CH₃.

→ phản ứng vôi tôi xút giữa 0,03 mol CH₃COONa + 0,025 mol NaOH xảy ra theo tỉ lệ:

 m gam khí là 0,025 mol CH₄.

Vậy, giá trị của m là m= 0,025.16= 0,4 gam.