Dung dịch X có thể td được vừa hết với 0,08 mol NaOH hoặc 0,1 mol HCl
Suy ra Na2CO3 phải còn dư vì nếu Na2CO3 hết thì tỷ lệ NaOH và HCl phải bằng nhau
Na2CO3 + Ba(HCO3)2 --> 2NaHCO3 + BaCO3 (1)
x mol----------x----------------------2x--...
n (Na2CO3 dư) = y mol
CaCO3: zmol
dd X: NaHCO3 2x mol; Na2CO3 ymol
NaHCO3 + NaOH --> Na2CO3 + H2O (2)
---> 2x = 0,08 mol
--> x = 0,04 mol
NaHCO3 + HCl --> NaCl + H2O + CO2 (3)
2x mol-------2x
Na2CO3 + 2HCl ---> 2NaCl + H2O + CO2 (4)
y mol-------2y
từ pt 3 4 suy ra 2y = 0,02
--> y - 0,01 mol
Nên Na2CO3 ban đầu 0,05 mol

rắn Y CaCO3 zmol và BaCO3 x mol
CaCO3 + 2 HCl ---> CO2 + CaCl2 + H2O (5)
z mol----------------------z
BaCO3 + 2 HCl ---> CO2 + BaCl2 + H2O (6)
x mol----------------------x
n (CO2) = x + z mol
Ca(OH) + CO2 --> CaCO3 + H2O (7)
---> x + z = 0,16 mol
---> z = 0,12 mol

Tóm lại trong A có
Na2CO3 0,05 mol
CaCO3 0,12 mol
bạn tự làm tiếp nhé

Chúc bạn học tốt!

Mấy bạn giúp mình đi :(

gọi x,y lần lượt là số mol của Fe, Mg:

Fe + CuSO4------> FeSO4 + Cu (1)

  x                                                x

Mg + CuSO4 -----> MgSO4 + Cu(2)

  y                                                 y

a)nCu= 0.69/64=0.01 mol

theo gt, ta có hệ pt:  56x + 24y = 0.51

                                       x + y = 0.01

giải hệ ,ta có x=0.008 , y=0.002

có ncuso4 =>C\(_M\) = (0.008+0.002)/0.1=1M(0.1 là do anh đổi ra lít nha em)

b) mFe=0.008*56=0.448g=> %Fe=0.448*100/0.51\(\approx\)87.84%

tương tự %Cu =12.16%

c)     Cu + 2H2SO4 ---> 2H2O + SO2 + CuSO4

        0.01                                        0.01

VSO2= 0.01*22.4=0.224 l

giai xong mệt quá zzzzzz....Chúc em học tốt !!!!!

Nếu A tan hết trong dung dịch CuSO4 thì Cuối cùng chất rắn D phải có MgO,Fe2O3 là tối thiểu.do vậy : m CR D min= m A + m Oxi >0,51g
mà m D =0,45 g
-> A không tan hết trong dung dịch CuSO4 .
+) Giả sử chỉ có Mg pư vs CuSO4 :
Gọi n Mg pư =a mol
Mg + CuSO_4 -> MgSO_4 + Cu
a.............a...................a....... .a mol
m CR tăng =0,69-0,51=0,18 g
-> 64a -24a =0,18
-> a=0,0045
Dd C có MgSO4 -> kết tủa : Mg(OH)2 -> D : MgO
n MgO = n Mg =a mol
-> m D =0,0045.40= 0,18 g <0,45 g = m D
-> Giả sử sai .
Do vậy Mg tan hết ,Fe tan một phần trong CuSO4 :
Ta có :n Fe pư =b mol
Mg + CuSO_4 -> MgSO_4 + Cu (1)
a.............a...................a....... .a mol
Fe + CuSO_4 ->FeSO_4 + Cu (2)
b..............b................b......... mol
m CR tăng =64a+64b -24a -56b =40a + 8b =0,18 g (*)
MgSO_4 + 2NaOH->Mg(OH)_2 + Na_2SO_4 (3)
FeSO_4 + 2 NaOH->Fe(OH)_2 + Na_2SO4 (4)
Mg(OH)_2 -t^o-> MgO + H_2O (5)
4Fe(OH)_2 + O_2 -t^o-> 2Fe_2O_3 + 4H_2O (6)
theo BTNT Mg : n MgO = n MgSO4 =a mol
BTNT Fe : nFeSO_4 =0,5b mol
-> m D =40a + 80b =0,45 g (*')
từ (*),(*') ta có hệ :
-> a=0,00375
b=0,00375
n CuSO4 =a+b =0,0075 mol
-> CM =0,075

MgCO3=>MgO+CO2
Khi cho CO2 tác dụng với NaOH, sản phẩm sau phản ứng tạo kết tủa với BaCl2=> chứng tỏ tạo Na2CO3
TH1:Tạo hai muối
NaOH+CO2=>NaHCO3
2NaOH+CO2=>Na2CO3+H2O
Lập hệ=> loại
TH2: tạo duy nhất muối trung hòa
2NaOH+CO2=>Na2CO3+H2O

Na2CO3+BaCl2=>BaCO3+2NaCl
0.6--------------------0.6
=> nCO2=0.6=nMgCO3
=>%MgCO3=0.6*84/166=30.36%

baco3 cx bị nhiệt pân mà bn cs sai sót r

a. PTHH:

Fe + 2HCl ---> FeCl₂ + H₂ (1)

Ta có: \(n_{Fe}=\dfrac{2,8}{56}=0,05\left(mol\right)\)

\(n_{HCl}=\dfrac{150}{1000}.2=0,3\left(mol\right)\)

Ta thấy: \(\dfrac{0,05}{1}< \dfrac{0,3}{2}\)

Vậy HCl dư.

Vậy trong X chứa FeCl₂ và HCl dư.

b. PTHH: 

2NaOH + FeCl₂ ---> Fe(OH)₂ + 2NaCl (2)

HCl + NaOH ---> NaCl + H₂O (3)

Theo PT₍₁₎: \(n_{H_2}=n_{Fe}=0,05\left(mol\right)\)

=> \(V_{H_2}=0,05.22,4=1,12\left(lít\right)\)

c. Theo PT₍₁₎: \(n_{FeCl_2}=n_{Fe}=0,05\left(mol\right)\)

Theo PT₍₂₎: \(n_{Fe\left(OH\right)_2}=n_{FeCl_2}=0,05\left(mol\right)\)

=> \(m_{Fe\left(OH\right)_2}=0,05.90=4,5\left(g\right)\)

\(a,n_{AlCl_3}=1\cdot0,2=0,2\left(mol\right)\\ m_{Na_2CO_3}=\dfrac{200\cdot6\%}{100\%}=12\left(g\right)\\ \Rightarrow n_{Na_2CO_3}=\dfrac{12}{106}\approx0,1\left(mol\right)\\ PTHH:3AlCl_3+2Na_2CO_3+H_2O\rightarrow2Al\left(OH\right)_3\downarrow+6NaCl+3CO_2\uparrow\)

Vì \(\dfrac{n_{AlCl_3}}{3}>\dfrac{n_{Na_2CO_3}}{2}\) nên sau phản ứng \(AlCl_3\) dư

\(\Rightarrow n_{Al\left(OH\right)_3}=n_{Na_2CO_3}=0,1\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{Al\left(OH\right)_3}=0,1\cdot78=7,8\left(g\right)\\ b,n_{NaCl}=3n_{Na_2CO_3}=0,3\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{NaCl}=0,3\cdot58,5=17,55\left(g\right)\)