Đường thẳng thiếu dấu kìa bạn 

Thiếu dấu + nhe

lớp 9

chịu

a, Đkxđ: `x>=0, x ne 4`.

`A = 2(sqrtx + 2)/((sqrtx+2)(sqrtx-2))+sqrtx/(x-4)`

`=(2sqrtx+4+sqrtx)/(x-4) = (3sqrtx+4)/(x-4)`

`B = (2sqrtx(sqrtx+3))/((sqrtx+3)(sqrtx-3)) + (2x+18)/(x-9)`

`= (2x+6sqrtx+2x+18)/(x-9)`

`= (4x+6sqrtx+18)/(x-9)`.

Gọi số xe loại nhỏ được huy động là x xe (với x>2)

Số xe loại lớn là: \(x-2\) (xe)

Mỗi xe loại nhỏ có số ghế là: \(\dfrac{180}{x}\) (ghế)

Mỗi xe loại lớn có số ghế là: \(\dfrac{180}{x-2}\) (ghế)

Do mỗi xe loại nhỏ ít hơn mỗi xe loại lớn 15 ghế nên ta có pt:

\(\dfrac{180}{x-2}-\dfrac{180}{x}=15\)

\(\Rightarrow12x-12\left(x-2\right)=x\left(x-2\right)\)

\(\Leftrightarrow x^2-2x-24=0\Rightarrow\left[{}\begin{matrix}x=6\\x=-4\left(loại\right)\end{matrix}\right.\)

\(x^2\ge y^2+z^2\Rightarrow\dfrac{x^2}{y^2+z^2}\ge1\)

\(P=\dfrac{y^2+z^2}{x^2}+x^2\left(\dfrac{1}{y^2}+\dfrac{1}{z^2}\right)+2019\ge\dfrac{y^2+z^2}{x^2}+x^2.\dfrac{4}{y^2+z^2}+2019\)

\(P\ge\dfrac{y^2+z^2}{x^2}+\dfrac{x^2}{y^2+z^2}+3\dfrac{x^2}{y^2+z^2}+2019\)

\(P\ge2\sqrt{\dfrac{y^2+z^2}{x^2}.\dfrac{x^2}{y^2+z^2}}+3.1+2019=2024\)

\(P_{min}=2024\) khi \(x^2=2y^2=2z^2\)

1.200 km.

\(ab\left(2023-\dfrac{ab}{2}\right)=\dfrac{a^4+b^4}{4}-2024\ge\dfrac{2\sqrt{a^4b^4}}{4}-2024\)

\(\Rightarrow ab\left(2023-\dfrac{ab}{2}\right)\ge\dfrac{a^2b^2}{2}-2024\)

\(\Rightarrow2023ab-\dfrac{a^2b^2}{2}\ge\dfrac{a^2b^2}{2}-2024\)

\(\Rightarrow a^2b^2-2023ab-2024\le0\)

\(\Rightarrow\left(ab+1\right)\left(ab-2024\right)\le0\)

\(\Rightarrow-1\le ab\le2024\)

\(P_{max}=2024\) khi \(a=b=\sqrt{2024}\)

\(P_{min}=-1\) khi \(\left(a;b\right)=\left(1;-1\right);\left(-1;1\right)\)

a, \(2CH_3COOH+CaCO_3\rightarrow\left(CH_3COO\right)_2Ca+CO_2+H_2O\)

b, \(n_{CaCO_3}=\dfrac{30}{100}=0,3\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{CH_3COOH}=2n_{CaCO_3}=0,6\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{CH_3COOH}}=\dfrac{0,6}{0,25}=2,4\left(M\right)\)

c, \(n_{\left(CH_3COO\right)_2Ca}=n_{CaCO_3}=0,3\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{\left(CH_3COO\right)_2Ca}=0,3.158=47,4\left(g\right)\)

cân băng sai r bn :/

cíu

1: Phương trình hoành độ giao điểm là:

\(x^2=2\left(m+1\right)x-m-2\)

=>\(x^2-2\left(m+1\right)x+m+2=0\)

=>\(x^2-x\left(2m+2\right)+m+2=0\)

\(\text{Δ}=\left(2m+2\right)^2-4\cdot1\cdot\left(m+2\right)\)

\(=4m^2+8m+4-4m-8\)

\(=4m^2+4m-4\)

Để (P) cắt (d) tại hai điểm phân biệt thì Δ>0

=>\(4m^2+4m-4>0\)

=>\(m^2+m-1>0\)

=>\(\left[{}\begin{matrix}m>\dfrac{-1+\sqrt{5}}{2}\\m< \dfrac{-1-\sqrt{5}}{2}\end{matrix}\right.\)

Theo Vi-et, ta có:

\(\left\{{}\begin{matrix}x_1+x_2=-\dfrac{b}{a}=2m+2\\x_1x_2=\dfrac{c}{a}=m+2\end{matrix}\right.\)

\(x_1^2+2\left(m+1\right)x_2=12m+2\)

=>\(x_1^2+x_2\left(x_1+x_2\right)=12m+2\)

=>\(\left(x_1^2+x_2^2\right)+x_1x_2=12m+2\)

=>\(\left(x_1+x_2\right)^2-x_1x_2=12m+2\)

=>\(\left(2m+2\right)^2-m-2=12m+2\)

=>\(4m^2+8m+4-m-2-12m-2=0\)

=>\(4m^2-5m=0\)
=>m(4m-5)=0

=>\(\left[{}\begin{matrix}m=0\left(loại\right)\\m=\dfrac{5}{4}\left(nhận\right)\end{matrix}\right.\)