Danh sách sau khi sắp xếp:

\(2;5;6;8;9;10;12;14\)

Lần lặp 1:

- Chia đôi danh sách: 

Ta có vị trí đang xét có giá trị là 8

- So sánh 10 > 8 nên ta bỏ phần phía trước, lấy phần phía sau gồm các số 9; 10; 12; 14

* Lần lặp 2:

- Chia đôi danh sách còn lại ở lần lặp 1 như sau:

Ta có vị trí đang xét là số 10

- So sánh 10 = 10 nên thông báo tìm thấy số 10 sau lần lặp thứ 2 và kết thúc thuật toán.

a, Thu gọn và sắp xếp đa thức theo lũy thừa giảm dần của biến.

P(\(x\)) = 7\(x^3\) + 4\(x^4\) - 2\(x^2\) + 3\(x^2\) - 3\(x^3\) - \(x^4\) + 5 - 4\(x^3\)

P(\(x\)) = (7\(x^3\)  - 3\(x^3\) - 4\(x^3\))+ (4\(x^4\) - \(x^4\)) - (2\(x^2\) - 3\(x^2\)) + 5

P(\(x\)) = 0 + 3\(x^4\) - (-\(x^2\)) +5

P(\(x\)) =  3\(x^4\) + \(x^2\) + 5

b; Hệ số cao nhất là 3; bậc của đa thức là 4; hệ số tự do của đa thức trên là 5 

Đặt C(x)=0

=>\(3x^3-2x^2+2x+4=0\)

=>\(x\simeq=0,76\)

Sửa đề: BE cắt CD tại I

a: Ta có: AD+DB=AB

AE+EC=AC

mà DB=EC và AB=AC

nên AD=AE

Xét ΔADC và ΔAEB có

AD=AE
\(\hat{DAC}\) chung

AC=AB

DO đó: ΔADC=ΔAEB

=>\(\hat{ACD}=\hat{ABE}\) và \(\hat{ADC}=\hat{AEB}\)

Ta có: \(\hat{ADC}+\hat{BDC}=180^0\) (hai góc kề bù)

\(\hat{AEB}+\hat{CEB}=180^0\) (hai góc kề bù)

mà \(\hat{ADC}=\hat{AEB}\)

nên \(\hat{BDC}=\hat{CEB}\)

Xét ΔIDB và ΔIEC có

\(\hat{IDB}=\hat{IEC}\)

DB=EC

\(\hat{IBD}=\hat{ICE}\)

Do đó: ΔIDB=ΔIEC

b: ΔIDB=ΔIEC

=>IB=IC

Xét ΔAIB và ΔAIC có

AI chung

IB=IC

AB=AC

Do đó: ΔAIB=ΔAIC

=>\(\hat{BAI}=\hat{CAI}\)

=>AI là phân giác của góc BAC

c: Ta có: AB=AC
=>A nằm trên đường trung trực của BC(1)

ta có: IB=IC

=>I nằm trên đường trung trực của BC(2)

Từ (1),(2) suy ra AI là đường trung trực của BC

=>AI⊥BC

      Olm chào em, hôm nay Olm.vn sẽ hướng dẫn các em giải chi tiết dạng này bằng phương pháp thế như sau:

                                 Giải:

                          \(\dfrac{x}{y}\) = \(\dfrac{3}{-2}\)  và \(x-y\) = 2y

            \(x\) - y = 2y ⇒ \(x\)  = 2y + y ⇒  \(x\) = 3y

            Thay \(x=3y\) vào biểu thức \(\dfrac{x}{y}\) = \(\dfrac{3}{-2}\) ta có: \(\dfrac{3y}{y}\) = \(\dfrac{3}{-2}\) 

               ⇒ 3 = \(\dfrac{3}{-2}\) (vô lí)

             Vậy không có giá trị nào của \(x;y\) thỏa mãn đề bài. 

a) Thể tích hộp đựng bánh:

3 × 1,5 × 2 = 9 (dm³)

b) Diện tích xung quanh hộp đựng bánh:

(3 + 1,5) × 2 × 2 = 18 (dm²)

Diện tích đáy:

3 × 1,5 = 4,5 (dm²)

Diện tích giấy cần dùng:

18 + 2 × 4,5 = 27 (dm²)

a: Xét ΔABD vuông tại A và ΔEBD vuông tại E có

BD chung

\(\widehat{ABD}=\widehat{EBD}\)

Do đó ΔBAD=ΔBED

b: Xét ΔBKC có

KE,CA là các đường cao

KE cắt CA tại D

Do đó: D là trực tâm của ΔBKC

=>BD\(\perp\)KC

Đề lỗi hiển thị. Bạn xem lại nhé. 

a: Xét ΔBAD vuông tại A và ΔBMD vuông tại M có

BD chung

\(\widehat{ABD}=\widehat{MBD}\)

Do đó: ΔBAD=ΔBMD

=>BA=BM

Xét ΔBAM có BA=BM và \(\widehat{ABM}=60^0\)

nên ΔBAM đều

b: ta có: ΔBAM đều

=>\(\widehat{BAM}=\widehat{BMA}=60^0\); MA=MB=AB

\(\widehat{MAB}+\widehat{MAC}=\widehat{BAC}\)

=>\(\widehat{MAC}+60^0=90^0\)

=>\(\widehat{MAC}=30^0\)

ΔBAC vuông tại A

=>\(\widehat{ABC}+\widehat{ACB}=90^0\)

=>\(\widehat{ACB}+60^0=90^0\)

=>\(\widehat{ACB}=30^0\)

Xét ΔMAC có \(\widehat{MAC}=\widehat{MCA}\left(=30^0\right)\)

nên ΔMAC cân tại M

=>\(\widehat{AMC}=180^0-2\cdot\widehat{ACM}=120^0\)