dạ

bổ sung

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{0.2.1}{1}=0,2\left(mol\right)\)

a)\(PTHH:Fe+H_2SO_4\xrightarrow[]{}FeSO_4+H_2\)

b)\(n_{Fe}=\dfrac{11,2}{56}=0,2\left(mol\right)\)

\(V_{H_2SO_4}=\dfrac{0,2}{2}=0,1\left(l\right)\)

a) \(n_{H_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: Fe + H₂SO_4(l) ---> FeSO₄ + H₂

            0,1<-------------------------------0,1

\(m_{Fe}=0,1.56=5,6\left(g\right)\\ n_{SO_2}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(mol\right)\)

PTHH:

2Fe + 6H₂SO_4(đ,n) ---> Fe₂(SO₄)₃ + 3SO₂ + 6H₂O

0,1-------------------------------------------->0,15

2Ag + 2H₂SO_4(đ,n) ---> Ag₂SO₄ + SO₂ + 2H₂O

0,2<----------------------------------------0,1

=> m_Ag = 0,2.108 = 21,6 (g)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{Fe}=\dfrac{5,6}{5,6+21,6}.100\%=20,44\%\\\%m_{Ag}=100\%-20,44\%=79,56\%\end{matrix}\right.\)

b) n_NaOH = 0,25.1,5 = 0,375 (mol)

\(T=\dfrac{0,375}{0,25}=1,5\) => Tạo cả 2 muối

PTHH:

2NaOH + SO₂ ---> Na₂SO₃ + H₂O

0,375--->0,1875--->0,1875

Na₂SO₃ + SO₂ + H₂O ---> 2NaHSO₃

0,0625<---0,0625----------->0,125

=> \(\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(Na_2SO_3\right)}=\dfrac{0,1875-0,0625}{0,25}=0,48M\\C_{M\left(NaHSO_3\right)}=\dfrac{0,125}{0,25}=0,5M\end{matrix}\right.\)

- Trích mỗi chất một ít làm mẫu thử.

- Dùng quỳ tím nhận biết các dung dịch trên:

+ Quỳ tím hoá đỏ => dd H₂SO₄

+ Quỳ tím hoá xanh => dd NaOH

+ Quỳ tím không đổi màu => dd NaCl

a

\(2Fe+6H_2SO_{4.đặc}\underrightarrow{t^o}Fe_2\left(SO_4\right)_3+3SO_2+6H_2O\)

b

\(2Na+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2\)

c

\(8Al+30HNO_3\rightarrow8Al\left(NO_3\right)_3+3NH_4NO_3+9H_2O\)

d

\(Ba+2H_2O\rightarrow Ba\left(OH\right)_2+H_2\)

\(Ba\left(OH\right)_2+\left(NH_4\right)_2SO_4\rightarrow BaSO_4+2NH_3+2H_2O\)

e

\(2AlCl_3+3Na_2CO_3+H_2O\rightarrow2Al\left(OH\right)_3+6NaCl+3CO_2\)

f

\(HCl+NaAlO_2+H_2O\rightarrow Al\left(OH\right)_3+NaCl\)

a: \(2Fe+3H_2SO_4\rightarrow Fe_2\left(SO_4\right)_3+3SO_2+3H_2O\)(H2SO4 đặc nóng)

b: \(2Na+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2\uparrow\)

c: \(8Al+30HNO_3\rightarrow8Al\left(NO_3\right)_3+3NH_4NO_3+9H_2O\)

d; \(Ba+\left(NH_4\right)_2SO_4\rightarrow BaSO_4\downarrow+2NH_3+H_2O\)

e: \(2AlCl_3+3Na_2CO_3+3H_2O\rightarrow6NaCl+2Al\left(OH\right)_3\downarrow+3CO_2\uparrow\)

f: \(HCl+NaAlO_2+H_2O\rightarrow Al\left(OH\right)_3+NaCl\)

Hướng dẫn giải: 

Tại P dao động mạnh nhất khi  \(d_{2}-d_{1}=(k+\frac{\triangle \phi}{2\pi})\lambda.\)

Tại P dao động cực tiểu khi  \(d_{2}-d_{1}=(2k+1+\frac{\triangle \phi}{\pi})\frac{\lambda}{2}.\)

\(\triangle \phi = \pi\)

\(\lambda = \frac{v}{f}=\frac{80}{20}=4cm.\) Tại N: \(d_{2N}-d_{1N}=61-33=28=9.2\) => N đứng yên.

                                   Tại M:  \(d_{2M}-d_{1M}=9.25-3.25=6=(1+\frac{1}{2}).4\)=> tại M dao động cực đại.

\(n_{H_2}=\dfrac{1.12}{22.4}=0.05\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{2.24}{22.4}=1\left(mol\right)\)

\(2H_2+O_2\underrightarrow{^{^{t^0}}}2H_2O\)

\(2.......1\)

\(0.05.......0.1\)

Lập tỉ lệ : \(\dfrac{0.05}{2}< \dfrac{0.1}{1}\Rightarrow O_2dư\)

\(V_{O_2\left(dư\right)}=\left(0.1-0.025\right)\cdot22.4=1.68\left(g\right)\)

\(m_{H_2O}=0.05\cdot18=0.9\left(g\right)\)

Ta có: \(n_{Na_2O}=\dfrac{28,4}{62}=\dfrac{71}{155}\left(mol\right)\)

a. \(PTHH:Na_2O+H_2SO_4--->Na_2SO_4+H_2O\)

b. Theo PT: \(n_{H_2SO_4}=n_{Na_2O}=\dfrac{71}{155}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{H_2SO_4}=98.\dfrac{71}{155}=\dfrac{6958}{155}\left(g\right)\)

Ta có: \(C_{\%_{H_2SO_4}}=\dfrac{\dfrac{6958}{155}}{m_{dd_{H_2SO_4}}}.100\%=9,8\%\)

\(\Rightarrow m_{dd_{H_2SO_4}}\approx458\left(g\right)\)

Theo PT: \(n_{Na_2SO_4}=n_{Na_2O}=\dfrac{71}{155}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Na_2SO_4}=\dfrac{71}{155}.142=\dfrac{10082}{155}\left(g\right)\)

Ta có: \(m_{dd_{Na_2SO_4}}=28,4+458=486,4\left(g\right)\)

\(\Rightarrow C_{\%_{Na_2SO_4}}=\dfrac{\dfrac{10082}{155}}{486,4}.100\%=13,37\%\)

\(a,PTHH:Na_2O+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+H_2O\\ b,n_{H_2SO_4}=n_{Na_2O}=\dfrac{28,4}{62}\approx0,5\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{CT_{H_2SO_4}}=0,5\cdot98=49\left(g\right)\\ \Rightarrow m_{dd_{H_2SO_4}}=\dfrac{49\cdot100\%}{9,8\%}=500\left(g\right)\)