Lời giải:

Điều kiện $a,n,b,c$ là những số nguyên.

Ta có:

\(P=n^5-n=n(n^4-1)=n(n^2-1)(n^2+1)=n(n-1)(n+1)(n^2+1)\)

Ta thấy $n(n-1)$ là tích hai số nguyên liên tiếp nên $n(n-1)\vdots 2$

\(\Rightarrow P=n(n-1)(n+1)(n^2+1)\vdots 2(1)\)

Ta thấy $n(n-1)(n+1)$ là tích 3 số nguyên liên tiếp nên $n(n-1)(n+1)\vdots 3$

\(\Rightarrow P\vdots 3(2)\)

Mặt khác: \(P=n(n^2-1)(n^2+1)\)

Ta biết rằng một số chính phương khi chia cho $5$ thì dư $0,1,4$

Nếu $n^2$ chia $5$ dư $0$, suy ra $n\vdots 5$ \(\Rightarrow P\vdots 5\)

Nếu $n^2$ chia $5$ dư $1$ thì $n^2-1\vdots 5$, suy ra $P\vdots 5$

Nếu $n^2$ chia $5$ dư $4$ thì $n^2+1\vdots 5$, suy ra $P\vdots 5$

Vậy tóm lại $P\vdots 5$ $(3)$

Từ $(1);(2);(3)$ mà $2,3,5$ đôi một nguyên tố cùng nhau nên $P\vdots 60$ (đpcm)

$B=a^5-a$ giống y hệt phần chứng minh $P\vdots 5$ ở trên

c)

Theo công thức hằng đẳng thức:

\(a^3+b^3+c^3=(a+b+c)^3-3(a+b)(b+c)(c+a)\)

Theo nguyên lý Dirichlet, trong 3 số $a,b,c$ tồn tại it nhất \(\left[\frac{3}{2}\right]+1=2\) số có cùng tính chẵn lẻ. Giả sử đó là $a,b$. Khi đó $a+b\vdots 2$

\(\Rightarrow 3(a+b)(b+c)(c+a)\vdots 6\)

Mà \((a+b+c)^3\vdots 6\) do \(a+b+c\vdots 6\)

Do đó: \(a^3+b^3+c^3\vdots 6\) (đpcm)

Vì BCNN(6;15)=30

nên tập hợp các bội của 30 sẽ là giao của 2 tập bội của 6 và bội của 15

=>C=A giao B

Còn cho gì nữa ko ạ anh =.=

không bạn ạ

Lời giải:

Áp dụng BĐT AM-GM ta có:

\(\frac{a}{a+1}+\frac{2b}{b+1}+\frac{3c}{c+1}\leq 1(*)\)

\((*)\Rightarrow \frac{1}{a+1}=1-\frac{a}{a+1}\geq \frac{2b}{b+1}+\frac{3c}{c+1}=\frac{b}{b+1}+\frac{b}{b+1}+\frac{c}{c+1}+\frac{c}{c+1}+\frac{c}{c+1}\geq 5\sqrt[5]{\frac{b^2c^3}{(b+1)^2(c+1)^3}}(1)\)

\((*)\Rightarrow \frac{1}{b+1}=1-\frac{b}{b+1}\geq \frac{a}{a+1}+\frac{b}{b+1}+\frac{3c}{c+1}=\frac{a}{a+1}+\frac{b}{b+1}+\frac{c}{c+1}+\frac{c}{c+1}+\frac{c}{c+1}\geq 5\sqrt[5]{\frac{abc^3}{(a+1)(b+1)(c+1)^3}}(2)\)

\((*)\Rightarrow \frac{1}{c+1}=1-\frac{c}{c+1}\geq \frac{a}{a+1}+\frac{2b}{b+1}+\frac{2c}{c+1}=\frac{a}{a+1}+\frac{b}{b+1}+\frac{b}{b+1}+\frac{c}{c+1}+\frac{c}{c+1}\geq 5\sqrt[5]{\frac{ab^2c^2}{(a+1)(b+1)^2(c+1)^2}}(3)\)

Lấy \((1).(2)^2.(3)^3\) rồi rút gọn ta suy ra \(ab^2c^3\leq \frac{1}{5^6}\)

Dấu "=" xảy ra khi $a=b=c=\frac{1}{5}$

d/ \(B=180^0-\left(A+C\right)=75^0\)

\(\Rightarrow b=c=4,5\)

\(\frac{a}{sinA}=\frac{b}{sinB}\Rightarrow a=\frac{b.sinA}{sinB}=\frac{9}{4}\left(\sqrt{6}-\sqrt{2}\right)\)

e/ \(cosA=\frac{b^2+c^2-a^2}{2bc}\Rightarrow a=\sqrt{b^2+c^2-2bc.cosA}\approx23\)

\(cosB=\frac{a^2+c^2-b^2}{2ac}=\frac{433}{460}\Rightarrow B\approx19^043'\)

\(\Rightarrow C=180^0-\left(A+B\right)=...\)

f/ \(cosA=\frac{b^2+c^2-a^2}{2bc}=\frac{11}{15}\Rightarrow A\approx42^050'\)

\(cosB=\frac{a^2+c^2-b^2}{2ac}=\frac{17}{35}\Rightarrow B\approx60^056'\)

\(C=180^0-\left(A+B\right)=...\)

a/ \(cosA=\frac{b^2+c^2-a^2}{2bc}=-\frac{1}{2}\Rightarrow A=120^0\)

\(cosB=\frac{a^2+c^2-b^2}{2ac}=\frac{\sqrt{2}}{2}\Rightarrow B=45^0\)

\(C=180^0-\left(A+B\right)=15^0\)

b/\(A=180^0-\left(B+C\right)=79^037'\)

\(\frac{a}{sinA}=\frac{b}{sinB}=\frac{c}{sinC}\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}b=\frac{sinB}{sinA}.a\approx61\\c=\frac{sinC}{sinA}.a\approx102\end{matrix}\right.\)

c/\(\frac{a}{sinA}=\frac{b}{sinB}\Rightarrow sinB=\frac{bsinA}{a}\approx0,6\Rightarrow B\approx36^052'\)

\(\Rightarrow C=180^0-\left(A+B\right)=75^045'\)

\(\frac{a}{sinA}=\frac{c}{sinC}\Rightarrow c=\frac{a.sinC}{sinA}\approx21\)

Áp dụng BĐT Cauchy:

\(a^6+a^6+a^6+a^6+a^6+1\ge6\sqrt[6]{a^{30}}=6a^5\)

\(b^6+b^6+b^6+b^6+b^6+1\ge6\sqrt[6]{b^{30}}=6b^5\)

\(c^6+c^6+c^6+c^6+c^6+1\ge6\sqrt[6]{c^{30}}=6c^5\)

Cộng vế với vế ta được:

\(5\left(a^6+b^6+b^6\right)+3\ge6\left(a^5+b^5+c^5\right)=18\)

\(\Rightarrow5\left(a^6+b^6+c^6\right)\ge15\Rightarrow a^6+b^6+c^6\ge3\)

\(\Rightarrow P_{min}=3\) khi \(a=b=c=1\)

Từ \(\dfrac{a}{1+a}+\dfrac{2b}{2+b}+\dfrac{3c}{3+c}\le\dfrac{6}{7}\)

\(\Leftrightarrow1-\dfrac{a}{1+a}+2-\dfrac{2b}{2+b}+3-\dfrac{3c}{3+c}\ge6-\dfrac{6}{7}\)

\(\Leftrightarrow\dfrac{1}{a+1}+\dfrac{4}{b+2}+\dfrac{9}{c+3}\ge\dfrac{36}{7}\)

Áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz dạng Engel ta có:

\(VT=\dfrac{1}{a+1}+\dfrac{4}{b+2}+\dfrac{9}{c+3}\)

\(\ge\dfrac{\left(1+2+3\right)^2}{a+b+c+6}=\dfrac{36}{7}=VP\)

Xảy ra khi \(a=\dfrac{1}{6};b=\dfrac{1}{3};c=\dfrac{1}{2}\)

2) \(\dfrac{1}{x}+\dfrac{25}{y}+\dfrac{64}{z}=\dfrac{4}{4x}+\dfrac{225}{9y}+\dfrac{1024}{16z}\ge\dfrac{\left(2+15+32\right)^2}{4x+9y+6z}=49\)